昨天看了数位dp，虽然还是有点没懂不过水一发板子题先

题目链接：

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这道题大概是数位dp的模板了，状态转移方程也比较显然。

设f[i][j]表示i位数，首位是j的windy数的数量，则容易有状态转移方程：

f[i][j]=sum(f[i-1][k])(abs(j-k)>=2)

然后我们用这样几个循环先把这个f数组预处理一下（即在数据范围内的所有的windy数的数量）

for(int i=2;i<=10;i++)                   for(int j=0;j<=9;j++)            for(int k=0;k<=9;k++)            if(abs(j-k)>=2)f[i][j]+=f[i-1][k];

计算区间[A,B]内的windy数，可以考虑前缀和，求出[0,B]内的windy数和[0,A-1]内的windy数，然后相减输出。

对于求[0,B]区间内的windy数，设B有k位，考虑分为三段：

1. 求出k-1位长的windy数
2. 求出“k位长，首位小于B的最高位”的windy数
3. 求出k位长，首位为B的最高位的windy数

这样就可以囊括完所有的部分

对于第三步，我们可以通过一个这样的过程来求解：

首先统计长度为k-1,最高位为i(0<=i<=B[k-1]-1)的windy数的数量，然后统计最高位是B[k-1]的windy数，特判一下若abs(B[i]-B[i-1])<2，则说明不符合条件，没有最高位为B[i],次高位是B[i-1]的windy数，就跳出循环。最后若i==1则说明还有windy数，统计的ans++。

代码如下：

#include
    
     using namespace std;long long x,y;long long f[15][15];long long digit[15];void dp(){    memset(f,0,sizeof(f));    for(int i=0;i<=9;i++)       //一位数都是windy数         f[1][i]=1;    for(int i=2;i<=10;i++)              //状态转移方程：f[i][j]=sum(f[i-1][k])(abs(j-k)>=2)         for(int j=0;j<=9;j++)            for(int k=0;k<=9;k++)            if(abs(j-k)>=2)f[i][j]+=f[i-1][k];}long long solve(long long x){    memset(digit,0,sizeof(digit));    long long cnt=0,ans=0;    if(x==0)return 0;    while(x){                    digit[++cnt]=x%10;        x/=10;    }    for(int i=1;i<=cnt-1;i++)        for(int j=1;j<=9;j++)            ans+=f[i][j];        for(int i=1;i
     
      =1;i--){        for(int j=0;j<=digit[i]-1;j++)        if(abs(j-digit[i+1])>=2)ans+=f[i][j];        if(abs(digit[i]-digit[i+1])<2)break;        if(i==1)ans++;    }    return ans;}int main(){    scanf("%lld%lld",&x,&y);    dp();    printf("%lld",solve(y)-solve(x-1));    return 0;}